Selección múltiple
1.B 2. D3. A4. B5. B6. C7. D8. Un 9. C 10. C11. B12. C13. B14. BD15. B16. ACD17. B18. 19 a.C. Un 20. D21. ABC
Preguntas de opción múltiple
22.ⅰ0.676(4 puntos)1.58 (4 puntos)
ⅱ(1)C(3 puntos) )10 (3 puntos)46 2 (3 puntos)
23. Después de caer, la línea toca el clavo y las dos bolas harán un movimiento circular alrededor del punto O. Cuando la masa está en su punto más bajo, el hilo está bajo mayor tensión. Tomando como objeto de investigación un objeto de 2 m, desde el punto inicial hasta el punto más bajo, se obtiene del teorema de la energía cinética:
(5 puntos)
Cuando la pelota está en el punto más bajo, se obtiene de la segunda ley de Newton.
(3 puntos)
(2 puntos)
(2 puntos)
Si la cuerda no está rota, T≤ ( 1 punto).
Resumiendo, se concluye que H es menor o igual a la altura (3 puntos).
24. (1) Suponga que la intensidad de la inducción magnética es B y la resistencia total de la estructura de alambre es r. Cuando la estructura de alambre apenas entra en el campo magnético superior,
El inducido. la fuerza electromotriz es (1 minuto)
p>Obtener (1) de la ley de circuitos cerrados de Ohm
Obtener (1 punto) de la fórmula de Ampere
Solución ( 1 punto)
Porque la estructura alámbrica es uniforme, por lo que se obtendrá a partir de la condición de equilibrio (2 puntos).
Supongamos que la velocidad cuando el borde ab de la estructura de alambre alcanza la posición media de gg ' y ff ' es
La fuerza electromotriz inducida es (1 minuto)
La corriente inducida es (1 minuto)
La fuerza en amperios es (1)
Debido a que la estructura de alambre es uniforme, se obtendrán (2 puntos) de la condición de equilibrio.
En resumen, la puntuación es (1)
(2) Cuando el borde ab de la estructura de alambre ingresa al campo magnético en la posición media de GG′ y FF′, se obtiene del teorema de la energía cinética.
(3 puntos)
Entre ellos, (1)
(1)
Solución (2 puntos)
25.(1) La fuerza del campo eléctrico sobre la bola 1 es F=Eq=3.2×10-2N.
La gravedad de la bola 1 es G=mg=3,2×10-2N.
Es decir, F= G (1 punto)
Es decir, la pelota realiza un movimiento circular uniforme bajo la acción de la fuerza de Lorentz (1 punto por juicio correcto).
Supongamos que el radio de movimiento de la órbita r es r, entonces tenemos
QvB= (2 puntos)
Obtener (1 punto)
R=5 metros (1 punto)
La bola 2 se lanza horizontalmente, suponiendo que el tiempo de caída h=L=5 l = 5m es t.
Tiene h= (1 punto)
Desplazamiento horizontal s=v2t (1 punto)
S=5 metros (1 punto)
Entonces las trayectorias de la bola 1 y la bola 2 son como se muestra en la figura. (1)
AC es un círculo, DB es una parábola y las coordenadas de intersección son (x, y).
Para la bola 1, la ecuación de su círculo es x2 y2=L2 (1 punto).
Para la bola 2, debido al movimiento de lanzamiento horizontal de la bola 2, la ecuación de la parábola es y= (1).
Las cantidades conocidas son: x2 y2=25, y=
Solución: x= m (1 punto)
Y= m (1 punto)
Es decir, la coordenada de intersección es (,) (1 punto).
(2) Cuando la bola 1 incide desde el punto A justo regresa al origen, el radio del movimiento circular es
(1)
La ecuación de la trayectoria es ( 1 punto)
Supongamos que las coordenadas de la intersección de la parábola y= y este círculo son (x, y).
X=0 y=0 (1 punto)
Es decir, el punto de intersección está en el origen.
Cuando el radio r
es decir,
Resuelve < 0,625 m/s (1 punto)
Si otros métodos son correctos, puntos será premiado.
26. (13 puntos)
(1): N┇┇N: (2 puntos)
CaC2 2H2O C2H2 ↑ Ca(OH)2 ( 2 puntos, marcados con "=")
(2) Pirámide triangular (1) Polaridad (1)
(3)Na gt; Si gtC (2 puntos, escribe todos los bonos) se otorgarán puntos por las respuestas correctas)
Ácido nítrico gtH2CO3 gtH2SiO3 (2 puntos, se otorgarán puntos si se dan todas las respuestas correctas)
(4) Si 2OH- H2O = = SiO32- 2H2 = (3 puntos)
27. (16 puntos)
(1) O2, HNO3, NaN3 (6 puntos, 2 puntos por cada espacio)
(2) 2Na2O2 2H2O = = 4 NaOH O2 = (2 puntos)
(3) 4hno3 = = 4no2 = O2 = 2h2o (2 puntos, se darán puntos si la condición se escribe como calentamiento)
(4 )2nan 3(s)= = = 2Na(s) 3n 2(g); δ h =-10 akj/mol (3 puntos)
( 5) N3- H2O HN3 OH-(3 puntos)
28. (17 puntos)
(1) Grupo aldehído (1) Solución de alcohol NaOH, calentamiento (2, 1 para cada condición)
( 2)
(2 puntos)ch 3c ooch 2ch2 ch 2ch2 ch 2 occh 3(2 puntos)
(3)oh CCH 2ch2 ch 2ch2 CHO 2 H2 hoh2 CCH 2ch2 ch 2ch2 ch 2 oh
(2 puntos, 1 punto por condición)
(4) Eliminación (1) Suma (o resta) ( 1)
(5) n hoocch 2ch2 ch 2ch2 cooh n hoh2 CCH 2ch2 ch 2ch2 ch 2 oh
[ ]n 2nH2O
(3 puntos, 1 punto por condición)
(6 )
(3 puntos por cada cuadrado, 1 punto)
29. >(1)0,3 0,1 C2H6O (2 puntos por cada espacio)
(2)①MnO2 (1 punto)②La reacción libera calor Después de detener el calentamiento, la reacción puede continuar mediante la liberación de calor (2 puntos). ).
③ Catálisis (1) 2ch 3 ch 2 oh O2 2ch 3 ho 2h2o (2, condición 1).
④ch 3c ho 2cu(oh)2ch 3 cooh Cu2O 2h2o (2 puntos, 1 punto por condiciones)
30 (24 puntos)
一. (14 puntos)
(1)a (2 puntos) proteína. (2 puntos)
(2) Glucagón (o glucagón y epinefrina) (2 puntos) b y c (2 puntos)
(3) Deaminación; y riñón. (2 puntos)
(4) Sustancias tamponantes. (2 puntos)
Dos. (10 puntos)
(1) Energía luminosa (1) y energía química en la materia orgánica (1).
(2)①El lodo del fondo del estanque de oxidación contiene una gran cantidad de elementos minerales (2 puntos)
②La respiración microbiana en el lodo del fondo del estanque de oxidación proporciona CO2 a; plantas. (2 puntos)
(3) Respiración aeróbica y respiración anaeróbica (2 puntos) Introducir aire en la laguna de oxidación. (2 puntos)
31. (18 puntos)
(1)10.
(2 puntos)
(2) No; (2 puntos) Porque los alelos que controlan los dos rasgos relativos de altura y color del endospermo no están en cromosomas no homólogos, sino en el mismo par de cromosomas homólogos. O los no alelos ubicados en cromosomas no homólogos parecen combinarse libremente. (Razonable) (2 puntos)
(3) La cepa ② es blanca y la cepa ④ es amarilla (2 puntos) Todas no son dulces (2 puntos) Amarillo: blanco = 3:1; 2 puntos)
No dulce: dulce = 5: 3. (2 puntos)
(4)4; (2 puntos)3. (2 puntos)